Подаване на файл

[lqlqlq]

Имам следния скрипт:

Код: [Маркирай кода]

var clientId = "";
var imgUrl = "http://i.imgur.com/l5OqYoZ.jpg";

$.ajax({
    url: "https://api.imgur.com/3/upload",
    type: "POST",
    datatype: "json",
    data: {image: imgUrl},
    success: showMe,
    error: showMe,
    beforeSend: function (xhr) {
        xhr.setRequestHeader("Authorization", "Client-ID " + clientId);
    }
});

function showMe(data) {
    $("body").append(JSON.stringify(data));
    if(data.success == true) {
        $("body").append("<img src='"+data.data.link+"'/>");
    }
}
Как вместо линк:

Код: [Маркирай кода]

var imgUrl = "http://i.imgur.com/l5OqYoZ.jpg";
мога да подам файл в тази дефиниция ?
Примерно имам 1 инпут поле:

Код: [Маркирай кода]

    Image <input type="file" name="upload" /> и от него се взима файла с :

Код: [Маркирай кода]

$filename = $_FILES['upload']['tmp_name'];?
Ако не става така, някакъв друг вариант ?

[MrCroZer]

за да се вземе файла  с $_FILE тр да се събмитне формата, дефакто не ти тр ajax в този случай. Аз ползвам uploadify  в доста случаи, добър е . Има и мн други варианти за динамичен upload както и не само с javascript.

[lqlqlq]

Да, но това което ползвам по-горе прави връзка със сайт, а именно imgur и бих искал ако има вариант да се взима някак си файла (ако въобще е възможно)
Тоест по-горния код, ъплоудва автоматично изображение в друг сайт чрез тяхната приставка.

[Avalanche]

Няма нищо сложно. Качваш снимката на твоя сървър с най-обикновена форма, обработваш я и я записваш под някакво име в променлива, след това ще използваш тази променлива за да модифицираш твоя скрипт. Може директно да пишеш в JS-а (var imgUrl = <?= '"' . $newlyUploadedFile. '";' ?>), другия вариант е да го изнесеш във външен файл и да връщаш качения файл с JSON. След това щом не искаш да записваш тези снимки на твоя сървър ще трябва да ги триеш.

Edit: това втория вариант май няма да стане толкова лесно...

[lqlqlq]

Стана с първия вариант
Благодаря!

Сега имам още един въпрос, в скрипта се вижда това:

Код: [Маркирай кода]

function showMe(data) {
    $("body").append(JSON.stringify(data));
    if(data.success == true) {
        $("body").append("<img src="+data.data.link+"/>");
    }
}
Искам, ако е успешно всичко да изпълнява и една sql заявка, как може да стане ?

[MrCroZer]

Просто при if(data.success == true) { пускаш една ajax заявка към query-то ти.

[lqlqlq]

Оправих се, но как да взимам информация от някои променливи, като $name, Линка към картинката и т.н. ?

ПП: ето как се оправих:

Код: [Маркирай кода]

$.ajax({
    type: "POST",
    url: "sql.php"
});